Datwyler Cables pyrofil Handbuch Seite 12

Querschnittsermittlung
Schritt 2: Bestimmung des einzusetzenden Leiterquerschnittes
In Tabelle 5.3.6 muss ein Querschnitt gefunden werden, dessen R W bei 30 Minuten dem R K des zuvor berechneten Querschnittes am
nächsten kommt.
Beispiel für den berechneten Querschnitt 6 mm2.
16 mm2 = 1,15 Ω/km
25 mm2 = 0,727 Ω/km
Da ein theoretischer Querschnitt von 5,39 mm2 für den kalten Zustand ermittelt wurde, genügt in unserem Beispiel ein Querschnitt
von 16 mm2.
5.3.5.2 Funktionserhaltsklasse E90
Schritt 1: Widerstandsänderung infolge Temperaturerhöhung am Leiter
R W Widerstand nach Temperaturerhöhung in Ω/km
R K Widerstand des Leiters bei 20°C
ΔT Temperaturänderung in K
α Temperaturbeiwert (für Kupfer 0,00393)
Die Temperaturänderung ΔT am Leiter beträgt 850 K in der 90. Minute.
R W = R K · (1+0,00393 · ΔT)
Beispiel:
U = 400 V; l = 150 m; P = 15 kW; ΔU = 18 V (entspricht 4,5% Spannungsfall)
cos φ = 0,87
χ = 58 (elektrische Leitfähigkeit für Kupfer)
Ib = 25 A, A theoret. = 5,39 mm2
Gewählt wird der Widerstand von 6 mm2 aus Tabelle 5.3.6 = 3,08 Ω/km
Es muss ein Querschnitt gefunden werden, dessen R W bei 90 Minuten dem R K des zuvor berechneten Querschnittes am nächsten
kommt.
Der Faktor E90 beträgt 4,34.
Schritt 2: Bestimmung des einzusetzenden Leiterquerschnittes
In Tabelle 5.3.6 muss ein Querschnitt gefunden werden, dessen R W bei 90 Minuten dem R K des zuvor berechneten Querschnittes am
nächsten kommt.
Beispiel für den berechneten Querschnitt 6 mm2.
25 mm2 = 0,727 Ω/km
35 mm2 = 0,524 Ω/km
Da ein theoretischer Querschnitt von 5,39 mm2 für den kalten Zustand ermittelt wurde, genügt in unserem Beispiel ein Querschnitt
von 25 mm2.
Bei diesem (extremen) Beispiel erhöht sich der erforderliche Querschnitt um eine Dimension. Mit vernünftiger Trassenplanung durch
mehrere Brandabschnitte oder einem möglicherweise höheren Spannungsfall lässt sich der Querschnitt vermindern.
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